Trie——解决字符串搜索、异或最值问题资料
本文主要介绍Trie——解决字符串搜索、异或最值问题资料 方法和在新技术下所面对的“挑战”,方便大家深入理解Trie——解决字符串搜索、异或最值问题资料 过程。本文也将分享Trie——解决字符串搜索、异或最值问题资料 所遇到的问题和应对策略,怎么解决怎么做的问题。
通过深入本文可以理解代码原理,进行代码文档的下载,也可以查看相应 Demo 部署效果。
Trie——解决字符串搜索、异或最值问题
- 在说到Trie之前,我们设想如下问题:
给我们1e5个由小写字母构成的不重复的字符串,每个字符串长度不超过6,之后是1e5次查询操作,每次给我们一个字符串,要求我们判断这个字符串是否出现过,如果是则求出它是多少个其他的字符串的前缀,并在之后的操作中无视这个字符串(删除)。
- 查询是否出现这个可以用set或者hash,但是前缀,,其实也有办法,但是这里要介绍的方法是使用一种易于理解的数据结构——Trie
建立Trie
- 字典树Trie的结构比较自然,如对于字符串集合{"abca", "ab", "bcd", "abcde", "bcde", "bcdf"},可以建立一棵这样的Trie:
可知:
- 每一条边代表一个字符 - 节点不为0代表从根节点到此为一个完整的字符串
实现的方法也比较简单,建立一棵单向树,每个节点都有
-
26个子节点(所有小写字母);
-
一个isstr,bool值,代表这里是否为一个字符串的结束
-
一个vis,int值,代表到这里已经有多少个字符串遍历过(是多少字符串的前缀)
一开始树为空,我们每得到一个字符串,就从它的第一个字符开始,从根节点遍历,没有对应的节点就创建,同时把所经过的节点的vis值加一,到最后字符串终止时,在终止的节点处置isstr为true。
更多操作
1.查询
从树的形状就可以看出,这是一棵专门查询字符串存在与否的数据结构(同时也付出了巨大的空间代价)。查询操作很简单,从根节点开始,按照要查询的字符串的每一位来遍历,如果遇到空节点或者终止时的节点的isstr为false,则字符串不存在,否则存在。
2.查询某个串是多少个字符串的前缀
这个就是读取要查询的字符串的终止节点的vis值即可
3.删除某个字符串
首先查询成功之后,我们从底部开始回溯删除这个串的信息,将终止节点的isstr置为false,同时将路过的vis值减一,如果vis值减为0则将将此节点在其父节点中删除即可。
01Trie解决xor最值问题
原题链接
题意
给我们一个序列A和序列B,要求我们找到B序列的一种排列,使得
中的序列C字典序最小,并输出序列C,长度<=3e5,每个数小于2^30
思路
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首先按照运算规则C xor B == A意味着A xor B == C 也就是说 寻找一种B的排列,使得A逐个与B异或的结果的字典序最小
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3e5基本不可能在其他操作中间搞什么排序了,应该从异或运算的结果出发,我们追求结果的字典序最小,也就是说,对于每个Ai,我们都要找到一个Bj,使得其异或结果最小。这个如果直接找的话,是比较难的。但是如果使用Trie的话,可以直接求得每一个Ai的最小结果,方法如下:
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对B序列建立一棵只包含01字符的Trie(也就是二叉树),我们规定A与B的每一个数都是30位二进制数,左边补零,从左边的第一位开始建树。
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B序列的01Trie建好之后,对A序列从1到n每个数都按位在Trie中遍历,一开始先设ans为0,之后优先走与当前自己的二进制位相同的边,如果没有则让ans或上这一位的1。(确保ans尽可能地小)
-
之后输出这个ans,并将走过的路线所代表的Bi删除掉就可以
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-
可以看出时间复杂度为
[O(30*n) ] -
对空间复杂度来说,不要使用满二叉树的存储方式,使用动态开点的方式,空间复杂度不超过
[O(30*n) ]
01Trie代码如下:
#include <cstdio> #include <cstring> #include <iostream> #include <algorithm> using namespace std; int n; int aa[10000005][2] = {{0}}, vv[10000005][2] = {{0}}, co = 1; int A[300005] = {0}; void add(int x) { int o = 1; for (int i = 29; i >= 0; --i) { int bitt = (x >> i) & 1; if (!aa[o][bitt]) { aa[o][bitt] = ++co; } ++vv[o][bitt]; o = aa[o][bitt]; } } int trie(int x) { int o = 1, ans = 0; for (int i = 29; i >= 0; --i) { int bitt = (x >> i) & 1; if (vv[o][bitt]) { --vv[o][bitt]; o = aa[o][bitt]; } else { --vv[o][bitt ^ 1]; o = aa[o][bitt ^ 1]; ans |= (1 << i); } } return ans; } int main() { scanf("%d", &n); for (int i = 1; i <= n; ++i) { scanf("%d", &A[i]); } for (int i = 1; i <= n; ++i) { int xx; scanf("%d", &xx); add(xx); } for (int i = 1; i < n; ++i) { printf("%d ", trie(A[i])); } printf("%d", trie(A[n])); return 0; }
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